Войти в систему

Home
    - Создать дневник
    - Написать в дневник
       - Подробный режим

LJ.Rossia.org
    - Новости сайта
    - Общие настройки
    - Sitemap
    - Оплата
    - ljr-fif

Редактировать...
    - Настройки
    - Список друзей
    - Дневник
    - Картинки
    - Пароль
    - Вид дневника

Сообщества

Настроить S2

Помощь
    - Забыли пароль?
    - FAQ
    - Тех. поддержка



Пишет Misha Verbitsky ([info]tiphareth)
@ 2011-09-09 21:34:00


Previous Entry  Add to memories!  Tell a Friend!  Next Entry
Настроение: tired
Музыка:H.E.R.R. -- Fire and Glass: A Norwood Tragedy
Entry tags:hse, math

лекция по алгебраической геометрии, листочки
Выложил листочек к сегодняшней
лекции по алгебраической геометрии


http://verbit.ru/MATH/AG-2011/AG-listok-1.pdf

Комментарии весьма приветствуются.

Также есть записки лекций, но там ничего нового вообще,
так вышло.

Привет



(Добавить комментарий)


(Анонимно)
2011-09-09 22:51 (ссылка)
Миша, я нихуя не понял что написано в листочках после первой лекции по матану в НМУ, а сдавать нужно в тот же день. Я наверно не буду туда ходить, я не такой крутой, чтобы после лекции сразу решать задачи...

(Ответить) (Ветвь дискуссии)


(Анонимно)
2011-09-09 23:27 (ссылка)
Няша, сразу сдаваться не надо же :3

(Ответить) (Уровень выше)


(Анонимно)
2011-09-09 23:55 (ссылка)
Соснул так соснул :3

(Ответить) (Уровень выше) (Ветвь дискуссии)


(Анонимно)
2011-09-10 00:20 (ссылка)
соснул бы если бы эта история в конце семестра случилась

(Ответить) (Уровень выше)


(Анонимно)
2011-09-10 03:08 (ссылка)
Ну, ничто не мешает неторопливо прочесть то же самое на выходных, потом немного прочитать вперед и в придя в следующую пятницу начать рулить и педалить.
Я во всяком случае _попробую_ сделать так.

А вообще лекция по матану оказалась самой мутной из всех, ИМХО. Очевидно, лектор рассчитывал на матшкольников\физтехов\мехматян.

(Ответить) (Уровень выше) (Ветвь дискуссии)


(Анонимно)
2011-09-10 10:49 (ссылка)
Ну лекция казалась понятной, непонятно было как решить задачи, lol.

(Ответить) (Уровень выше)


[info]zhidowatt
2011-09-10 22:21 (ссылка)
Листки прошлых годов на сайте валяются, потренируйся же предварительно, подготовься к лекции заранее.
http://www.mccme.ru/ium/old_courses.html
Программа отличается, наверное, но не то чтобы очень сильно.

(Ответить) (Уровень выше)


(Анонимно)
2011-09-10 22:56 (ссылка)
что значит в тот же день?
Гуссейн_Заде поставил такое условие сдачи листков?

(Ответить) (Уровень выше) (Ветвь дискуссии)


(Анонимно)
2011-09-11 10:56 (ссылка)
Он еще точно не решил, но очень хочет чтобы листки сдавались сразу после семинара, на котором они выданы

(Ответить) (Уровень выше) (Ветвь дискуссии)


(Анонимно)
2011-09-11 18:14 (ссылка)
Ну, мало ли, чего он хочет. Глупость какая-то.
А если у кого-то нет возможности посещать все семинары подряд?

В крайнем случае, можете не сдавать анализ. Это же не обязательно - ходите на остальные предметы. Одни экзаменом больше, одним меньше - никакой разницы.

(Ответить) (Уровень выше)


[info]agvares
2011-09-12 01:13 (ссылка)
так никто не понял, не считая пары нёрдов на первом ряду, не переживай.

(Ответить) (Уровень выше)


(Анонимно)
2011-09-10 12:08 (ссылка)
на стр.6: Идеал называется нетривиальным, если он не равен I.

(Ответить) (Ветвь дискуссии)


[info]tiphareth
2011-09-10 12:17 (ссылка)
Спасибо! Поправил

(Ответить) (Уровень выше)


[info]dmitri83
2011-09-10 20:07 (ссылка)
я что-то никак не пойму, в доказательстве про экспоненту говорится, что если мноежство значений z_1(A) счетно, то z_1 локально постоянна. а если у множества значений z_1(A) есть предельные точки? раз A алгебраично, то их не будет, но это надо как-то доказать, и я не вижу как, по крайней мере элементарными методами

(Ответить) (Ветвь дискуссии)


[info]tiphareth
2011-09-10 20:12 (ссылка)
все равно же локально постоянна
z_1 потому что непрерывна, а A замкнуто,
значит, если она принимает счетное число значений,
то она постоянна на каждой компоненте

(Ответить) (Уровень выше) (Ветвь дискуссии)


[info]sasha_a
2011-09-10 21:16 (ссылка)
Тогда, как мне кажется, придётся доказывать, например, что A имеет линейно связные компоненты ... тоже не сахар (возможно, я не заметил чего-то очевидного).

(Ответить) (Уровень выше) (Ветвь дискуссии)


[info]tiphareth
2011-09-10 22:42 (ссылка)
непрерывная R-значная функция постоянна на каждой компоненте (линейной) связности


(Ответить) (Уровень выше) (Ветвь дискуссии)


[info]sasha_a
2011-09-10 22:53 (ссылка)
Да, но слова "локально постоянна" аппелируют к топологической связности. Если читать их в смысле линейной связности, тогда OK.

(Ответить) (Уровень выше) (Ветвь дискуссии)


[info]tiphareth
2011-09-10 23:56 (ссылка)
ага, я поправил на компоненты линейной связности - спасибо, так проще будет
(хотя для общих нулей аналитической функции линейная связность равносильна такой,
это должно быть нетрудно доказать)

(Ответить) (Уровень выше)


[info]dmitri83
2011-09-10 23:36 (ссылка)
пусть A = 0 \cup {1/n | n \in N}, f --- тождественная функция. A замкнуто, f непрерывно, образ счётен. f не локально постоянна в нуле. где я ошибся?

(Ответить) (Уровень выше) (Ветвь дискуссии)


[info]tiphareth
2011-09-10 23:54 (ссылка)
постоянна на каждой компоненте линейной связности будет правильнее, наверное

(Ответить) (Уровень выше) (Ветвь дискуссии)


[info]dmitri83
2011-09-11 01:38 (ссылка)
вообще, если знать теорему Шевалле, что образ замкнутого по Зарисскому множества конструктивер, то задача решается на раз, как и задача 1.8 из д/з (дискретное алгебраическое множество конечно). кстати, не намекнёте, как 1.8 решать?

(Ответить) (Уровень выше) (Ветвь дискуссии)


(Анонимно)
2011-09-11 20:14 (ссылка)
Я теорему Шевалле не знаю.

ясно, что данный идеал I не должен содержать экспонент e^\lambda t, т.к. они обратимы.

Если предположить изоморфизм между компл. числами и нашим факторкольцом, то эти экспоненты при таком изоморфизме соответствуют некоторым компл. числам и, значит, экспонента минус соотв. число лежит в идеале I. Это ключевой факт. Легко показать, что идеал I, строго меньший нашего кольца R и содержащий вышеупомянутые разности (хотя бы одну такую), не является простым.

(Ответить) (Уровень выше)


(Анонимно)
2011-09-11 21:04 (ссылка)
Да, подумал и понял, что того, что я написал насчёт решения 1.8 -- явно недостаточно, всё-таки. Надо подумать.

(Ответить) (Уровень выше)


(Анонимно)
2011-09-11 21:07 (ссылка)
Да, я условие задачи неверно понял, поэтому выше ерунду написал.

(Ответить) (Уровень выше) (Ветвь дискуссии)


(Анонимно)
2011-09-11 22:27 (ссылка)
Моё мнение в данный момент такое, что такой идеал I не существует. Если бы он существовал, то был бы обязан содержать t-c для некот. константы с (т.к. фактор по нему должен быть расширением поля компл. чисел C).

Фактор по такому идеалу R/I мог бы рассматриваться как последовательная факторизация: A=C[t, e^\lambda t, \lambda \in Q]/(t-c) = С(e^\lambda t, \lambda \in Q) и теперь R/I= фактор A по некоторому максимальному идеалу J. (Само кольцо A не является полем).

Любой элемент такого J<A, грубо говоря, выглядит как (лорановский) многочлен от некоторой экспоненты. И, так как он в факторе A/J определяет нулевой элемент, то эта экспонента при факторизации отправляется в комплексное число (некоторый корень этого многочлена). А значит и все остальные экспоненты отправятся в комплексные числа. То есть, R/I=A/J=C.

(Ответить) (Уровень выше)


(Анонимно)
2011-09-11 23:09 (ссылка)
Да, я сделал допущение, что наш макс. идеал I<R содержит многочлены от t, это позволило мне заключить, что на самом деле он содержит некоторый t-c. Не знаю, всегда ли это так, но в общем случае можно, сделав подходящую замену порождающих нашего кольца (заменить t на s=t*e^\lambda t для некоторого лямбда, а экспоненты оставить без изменения), считать, что он содержит многочлен (теперь уже от s) и повторить рассуждения выше. Тот факт, что А=R/(s-c) -- не поле, остаётся верным.

(Ответить) (Уровень выше) (Ветвь дискуссии)


(Анонимно)
2011-09-11 23:29 (ссылка)
опять ерунду написал. такая замена не всегда работает. надо хорошенько всё-таки подумать.

(Ответить) (Уровень выше)


(Анонимно)
2011-09-12 00:07 (ссылка)
да, то есть, неясно, как доказывать, если наш идеал I не содержит многочленов, а только комбинации многочленов и экспонент.

Попробую без утверждений просто предположить, что можно, например, применить голоморфную замену (или даже просто замену с помощью формальных степенных рядов), которая одну из функций в нашем идеале переводит в многочлен от t и применить то, что писалось ранее. Возможно, это сработает.

(Ответить) (Уровень выше)


[info]tiphareth
2011-09-12 00:25 (ссылка)
теоремой Шевалле (она у них была вообще-то, просто никто не вкурил,
в чем суть) проще всего наверное, но у меня был более элементарный аргумент,
который я в следующей лекции попробую рассказать

(Ответить) (Уровень выше)


(Анонимно)
2011-09-12 14:17 (ссылка)
Миша, а "Real algebraic geometry" полезная движуха?

(Ответить)


[info]avva.livejournal.com
2011-09-13 00:05 (ссылка)
Миша, объясните, если можно, вкратце, взаимоотношения записей лекций и листочков. Они покрывают один и тот же материал или нет? Если я хочу попробовать следить за вашим курсом, мне следует - читать лекции и решать задачи в них; читать листочки и решать задачи в них; и то и другое?

(Ответить) (Ветвь дискуссии)


[info]tiphareth
2011-09-13 00:15 (ссылка)
да, один и тот же материал
в идеале, студенты делают и то и другое
(лекция полезна, если с листочками затык, например)

(Ответить) (Уровень выше) (Ветвь дискуссии)


[info]avva.livejournal.com
2011-09-13 00:47 (ссылка)
Понял, спасибо!

(Ответить) (Уровень выше)


[info]oort
2011-10-05 12:52 (ссылка)
а все-таки интересно, как из существования максимального идеала вывести аксиому выбора.
видимо надо вывести лемму цорна, для этого нужно для любого упорядоченного множества L, где каждая цепочка имеет верхнюю грань, построить кольцо, которое в качестве своего уп. множества идеалов (без 0), имеет в точности L.
для групп это вроде сложная задача которой занимались в 50е-60е годы, вроде даже не все решетки реализуются как решетки подгрупп.
для колец можно попробовать взять какое-то поле и брать его какие угодно произведения и дек произв с результатами и тд, по трансфинитной индукции строя L. y RxR только два идеала, у
Rx(RxR) тоже два, но во втором два вложенных и в таком духе. на как любую решетку так сделать не знаю.

или там совсем по-другому пути?

(Ответить) (Ветвь дискуссии)


[info]tiphareth
2011-10-05 18:47 (ссылка)
интересно, да
я думал, так и не придумал
но в Википедии написано, что можно

нужно из существования макс.
ультрафильтра вывести аксиому выбора, вроде бы нетрудно
должно быть

(Ответить) (Уровень выше) (Ветвь дискуссии)


(Анонимно)
2011-10-06 21:58 (ссылка)
Миша, нахер давать задачи, которые ты сам не решил?

(Ответить) (Уровень выше)


[info]oort
2011-10-07 01:08 (ссылка)
>из существования макс.
>ультрафильтра вывести аксиому выбора, вроде бы нетрудно
>должно быть

это кстати невозможно. существование ультрафильтра эквивалентно этому
http://en.wikipedia.org/wiki/Boolean_prime_ideal_theorem

а это условие слабее выбора (но сильнее просто ZF)
в принципе понятно почему, что для реализуемости уп. структуры как структуры подмножеств
нужно что-то типа двойственности стоуна для булевых алгебр, которой в общем случае нет, поэтому не получалось.

(Ответить) (Уровень выше) (Ветвь дискуссии)


[info]tiphareth
2011-10-07 06:48 (ссылка)
тогда и существование макс. идеала должно быть слабее AC, однако

(Ответить) (Уровень выше) (Ветвь дискуссии)


[info]oort
2011-10-07 10:40 (ссылка)
а существование максимального идеала точно не сильнее существованию ультрафильтра?
из МИ можно вывести СУ, реализовав фильтр на множетсве как набор пдммножеств где зануляются функции, принадлежащие идеалу (там например идеал кокомпактных подмножеств). максимальному идеалу соответсвует ультраильтр.
но наоборот не факт что будет, потому что не любой идеал наверное задается "фильтром нулей".
то есть (x^2+1) и (x^4+1) разные идеалы в R[x], у которых фильтр нулей вообще тривиальный.
те МИ>CУ<AC или я туплю из-за температуры и не понимаю в чем дело. http://jlms.oxfordjournals.org/content/s2-19/2/285.extract вот тут эта задача решается, статья 79 года, типа проблема даны скотта.

(Ответить) (Уровень выше)


[info]oort
2011-10-31 12:00 (ссылка)
на третьей странице опрделение произведения ординалов неканоническое кстати.
нужно наоборот
(x,y)<(x',y') <-> y<y' или {y=y' и x<x'} потому что 2*\omega это омега копий двуэлементного ординала, что изоморфно омега а по твоему определению это подучается две копии омега друг за другом идущие (в стандартном определении \omega*2). в принципе можно и так, но можно запутаться потом, если сталкиваться с ординалами в лит-ре (там \omega*2=\omega+\omega).

(Ответить) (Ветвь дискуссии)


[info]oort
2011-10-31 12:03 (ссылка)
ну хотя фиг знает насчет каноничности, википедия говорит так
http://en.wikipedia.org/wiki/Ordinal_arithmetic#Multiplication
я тоже так встречал,но разницы никакой, конечно

(Ответить) (Уровень выше) (Ветвь дискуссии)


[info]tiphareth
2011-10-31 12:06 (ссылка)
спасибо, ага
я патологически не различаю права и лева, уже забил даже

(Ответить) (Уровень выше) (Ветвь дискуссии)


[info]oort
2011-10-31 16:05 (ссылка)
Кстати книжка Черна "Complex Manifolds without Potential Theory" актуальная, нужно ее читать?
Как ликбез к семинару четверговому (чтобы хотя бы морально понимать что-то)

(Ответить) (Уровень выше) (Ветвь дискуссии)


[info]tiphareth
2011-10-31 19:59 (ссылка)
она по контенту вроде бы идентична "Кэлеровым многообразиям" Андре Вейля,
но гораздо непонятнее. И то и другое устарело изрядно.

В общем, сейчас правильнее читать "Теорию Ходжа" Клэр Вуазен,
учебник Демайи, либо мои лекции

(Ответить) (Уровень выше)